2024年天津高考(缺1、2、5题)

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  •  2024/11/17
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3.一列简谐横波在均匀介质中沿 x 轴传播,图 1 是 t = 1 s 时该波的波形图,图 2 是 x = 0 处质点的振动图像。则 t = 11 s 时该波的波形图为(    )

【答案】

C

 

4.如图所示,两根不计电阻的光滑金属导轨平行放置,导轨及其构成的平面均与水平面成某一角度,导轨上端用直导线连接,整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中。具有一定阻值的金属棒 MN 从某高度由静止开始下滑,下滑过程中 MN 始终与导轨垂直并接触良好,则 MN 所受的安培力 F 及其加速度 a、速度 v、电流 I,随时间 t 变化的关系图像可能正确的是(    )

【答案】

A

 

6.中国钍基熔盐堆即将建成小型实验堆,为我国能源安全和可持续发展提供有力支持。反应堆中涉及的核反应方程有:①X + 23290Th → 23390Th②23390Th → 23391Pa + 0−1e,下列说法正确的是(    )

A.方程①中 X 是中子

B.方程②中 23390Th 发生了 β 衰变

C.受反应堆高温影响,23390Th 的半衰期会变短

D.方程②释放电子,说明电子是原子核的组成部分

【答案】

AB

【解析】

A.根据核反应的质量数和电荷数守恒可知,方程①中 X 质量数为 1,电荷数为零,则是中子,选项 A 正确;

B.方程②中 23390Th 放出负电子,则发生了 β 衰变,选项 B 正确;

C.放射性元素的半衰期与外界因素无关,选项 C 错误;

D.方程②释放的电子是原子核内的中子转化为质子时放出的,不能说明电子是原子核的组成部分,选项 D 错误。

故选 AB。

 

7.卫星未发射时静置在赤道上随地球转动,地球半径为 R。卫星发射后在地球同步轨道上做匀速圆周运动,轨道半径为 r。则卫星未发射时和在轨道上运行时(    )

A.角速度之比为 1∶1                        B.线速度之比为 \(\sqrt r \)∶\(\sqrt R \)

C.向心加速度之比为 Rr                D.受到地球的万有引力之比为 R2r2

【答案】

AC

【解析】

A.卫星未发射时静置在赤道上随地球转动,角速度与地球自转角速度相等,卫星发射后在地球同步轨道上做匀速圆周运动,角速度与地球自转角速度相等,则卫星未发射时和在轨道上运行时角速度之比为 1∶1,故 A 正确;

B.根据题意,由公式 v = ωr 可知,卫星未发射时和在轨道上运行时,由于角速度相等,则线速度之比为轨道半径之比 Rr,故 B 错误;

C.根据题意,由公式 an = ω2r 可知,卫星未发射时和在轨道上运行时,由于角速度相等,则向心加速度之比为轨道半径之比 Rr,故 C 正确;

D.根据题意,由万有引力定律可知,卫星未发射时和在轨道上运行时,受到地球的万有引力之比与轨道半径的平方成反比,即 r2R2,故 D 错误。

故选 AC。

 

8.某静电场在 x 轴正半轴的电势 φ 随 x 变化的图像如图所示,a、b、c、d 为 x 轴上四个点。一负电荷仅在静电力作用下,以一定初速度从 d 点开始沿 x 轴负方向运动到 a 点,则该电荷(    )

A.在 b 点电势能最小

B.在 c 点时速度最小

C.所受静电力始终做负功

D.在 a 点受静电力沿 x 轴负方向

【答案】

BD

【解析】

AB.根据题意,由公式 Ep = qφ 可知,负电荷在高电势位置的电势能较小,由图可知,a 点的电势最大,则在 a 点电势能最小,同理可知,c 点的电势最小,则在 c 点时电势能最大,电荷仅在电场力作用下,电荷的电势能和动能之和不变,可知,电势能最大时,动能最小,则在 c 点时,电荷的动能最小,即速度最小,故 A 错误,B 正确;

CD.根据沿电场线方向电势逐渐降低,结合题图可知,c 点左侧电场方向沿 x 轴正方向,c 点右侧电场方向沿 x 轴负方向,可知,c 点右侧负电荷受沿 x 轴正方向的电场力,c 点左侧负电荷受沿 x 轴负方向的电场力,可知,在 a 点受静电力沿 x 轴负方向,从 d 点开始沿 x 轴负方向运动到 a 点,电场力先做负功再做正功,故 C 错误,D 正确。

故选 BD。

 

9.某同学研究闭合电路的规律。

(1)根据闭合电路的欧姆定律得出了电源输出功率 P 与外电路电阻关系图像,如图所示,则 P 的峰值对应的外电路电阻值 R 应_________电源内阻 r(填“大于”、“小于”或“等于”);

(2)测定电源的电动势和内阻,可供选用的器材有:

A.电压表:(量程 0 ~ 3 V,内阻约为 3 kΩ)

B.电流表:(量程 0 ~ 0.6 A,内阻约为 1 Ω)

C.滑动变阻器:(最大阻值 20 Ω,额定电流 1 A)

D.滑动变阻器:(最大阻值 1000 Ω,额定电流 0.5 A)

E.待测电源:(电动势约为 3 V,内阻约为 1 Ω)

F.开关、导线若干

(i)实验中所用的滑动变阻器应选_________(填器材前字母代号);

(ii)实物电路如图所示,单刀双掷开关 S2 可分别与 1、2 端闭合,为使电源内阻的测量结果更接近真实值,S2 应与_________端闭合。

【答案】

(1)等于

(2)C,2

 

9.9.某同学用图示装置探究加速度与力的关系。

(1)为补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力,调节木板倾角,使小车在不挂槽码时运动,并打出纸带进行检验,下图中能表明补偿阻力恰当的是_________;

(2)某次实验得到一条纸带,部分计数点如下图所示(每相邻两个计数点间还有 4 个点,图中未画出),测得 s1 = 6.20 cm,s2 = 6.70 cm,s3 = 7.21 cm,s4 = 7.73 cm。已知打点计时器所接交流电源频率为 50 Hz,则小车的加速度 a = _________m/s2(要求充分利用测量数据,结果保留两位有效数字);

(3)该同学将一个可以直接测出绳子拉力的传感器安装在小车上,小车和传感器总质量为 210 g。按要求补偿阻力后,该同学共进行了四次实验,悬挂的槽码质量依次为 5 g、10 g、20 g、40 g。处理数据时,用两种方式得到小车(含传感器)受到的合力,一种将槽码所受重力当作合力、另一种将传感器示数当作合力,则这两种方式得到的合力差异最大时,槽码质量为_______g。

【答案】

(1)B

(2)0.51

(3)40

 

10.如图所示,光滑半圆轨道直径沿竖直方向,最低点与水平面相切。对静置于轨道最低点的小球 A 施加水平向左的瞬时冲量 I,A 沿轨道运动到最高点时,与用轻绳悬挂的静止小球 B 正碰并粘在一起。已知 I = 1.8 N∙s,A、B的质量分别为 mA = 0.3 kg、mB = 0.1 kg,轨道半径和绳长均为 R = 0.5 m,两球均视为质点,轻绳不可伸长,重力加速度 g 取 10 m/s2,不计空气阻力。求:

(1)与 B 碰前瞬间 A 的速度大小;

(2)A、B 碰后瞬间轻绳的拉力大小。

【答案】

(1)4 m/s

(2)11.2 N

 

11.如图所示,在 Oxy 平面直角坐标系的第一象限内,存在半径为 R 的半圆形匀强磁场区域,半圆与 x 轴相切于 M 点,与 y 轴相切于 N 点,直线边界与 x 轴平行,磁场方向垂直于纸面向里。在第一象限存在沿 + x 方向的匀强电场,电场强度大小为 E。一带负电粒子质量为 m,电荷量为 q,从 M 点以速度 v 沿 + y 方向进入第一象限,正好能沿直线匀速穿过半圆区域。不计粒子重力。

(1)求磁感应强度 B 的大小;

(2)若仅有电场,求粒子从 M 点到达 y 轴的时间 t

(3)若仅有磁场,改变粒子入射速度的大小,粒子能够到达 x 轴上 P 点,M、P 的距离为 \(\sqrt 3 \)R,求粒子在磁场中运动的时间 t1

【答案】

(1)B = \(\frac{E}{v}\)

(2)t = \(\sqrt {\frac{{2mR}}{{qE}}} \)

(3)t1 = \(\frac{{2\pi mv}}{{3qE}}\)

【解析】

 

12.电动汽车制动过程中可以控制电机转为发电模式,在产生制动效果的同时,将汽车的部分机械能转换为电能,储存在储能装置中,实现能量回收、降低能耗。如图 1 所示,发电机可简化为处于匀强磁场中的单匝正方形线框 ABCD,线框边长为 L,电阻忽略不计,磁场磁感应强度大小为 B,线框转轴 OOʹ 与磁场垂直,且与 AB、CD 距离相等。线框与储能装置连接。

(1)线框转动方向如图 1 所示,试判断图示位置 AB 中的电流方向;

(2)若线框以角速度 ω 匀速转动,线框平面与中性面垂直瞬间开始计时,线框在 t 时刻位置如图 2 所示,求此时 AB 产生的感应电动势;

(3)讨论电动汽车在某次制动储存电能时,为方便计算,做两点假定:①将储能装置替换为阻值为 R 的电阻,电阻消耗的电能等于储能装置储存的电能;②线框转动第一周的角速度为 ω0,第二周的角速度为 \(\frac{{{\omega _0}}}{2}\),第三周的角速度为 \(\frac{{{\omega _0}}}{4}\),依次减半,直到线框停止转动。若该制动过程中汽车在水平路面上做匀减速直线运动,汽车质量为 m,加速度大小为 a,储存的电能为初动能的 50%,求制动过程中汽车行驶的最大距离 x

【答案】

(1)电流方向从 B 到 A

(2)e = \(\frac{1}{2}\)ωBL2cosωt

(3)x = \(\frac{{4\pi {\omega _0}{B^2}{L^4}}}{{maR}}\)

 

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